Балла (без уравнивания – 1 балл, схема без участия азотной кислоты – 0 баллов).
Задача №9-1
1. Исходя из описания физических и химических свойств простых веществ, несложно догадаться, что речь идет о неметаллах третьего периода ПСХЭ:
Х = S (сера), Y = Cl (хлор), Z = Р (фосфор).
В периоде ПСХЭ радиусы атомов увеличиваются справа налево, т.е. в ряду
Cl ® S ® P.
2. Сера и фосфор имеют несколько аллотропных модификаций, хлор же способен существовать лишь в виде молекулы Cl 2, представляющей желто-зеленый газ В. Тогда можно рассчитать молярные массы простых веществ серы и фосфора.
М(А) = 71´3.6056 = 256 г/моль, что соответствует ромбической сере S 8 - порошку лимонно-желтого цвета.
М(С) = 71´1.7465 = 124 г/моль, что соответствует белому фосфору Р4 - воскообразному веществу белого цвета с желтоватым отливом.
Таким образом, А - S 8 В - Cl 2 С - P 4
(на данном этапе задачи указание индексов для молекул всех простых веществ является обязательным)
Реакция 1: 3S8 + 48KOH = 16K2S + 8K2SO3 + 24H2O
или 3S + 6KOH = 2K2S + K2SO3 + 3H2O
Реакция 2: 3Cl2 + 6KOH = 5KCl + KClO3 + 3H2O (при нагревании)
Реакция 3: P4 + 3KOH + 3H2O = PH3↑ + 3KH2PO2
Бесцветный ядовитый газ, выделяющийся в последней реакции - фосфин РН3.
3. В реакции 3 образуется соль фосфорноватистой кислоты Н3РО2 (кислота D).
При взаимодействии фосфора с хлором могут образоваться хлориды фосфора (III) и (V), которые при обработке щелочью гидролизуются с образованием солей фосфористой (Н3РО3, кислота Е) и фосфорной (Н3РО4, кислота F) кислот.
|
|
Реакция 4: P4 + 6Cl2 = 4PCl3 (или 2P + 3Cl2 = 2PCl3)
Реакция 5: P4 + 10Cl2 = 4PCl5 (или 2P + 5Cl2 = 2PCl5)
Реакция 6: PCl3 + 5KOH = K2HPO3 + 3KCl + 2H2O
Реакция 7: PCl5 + 8KOH = K3PO4 + 5KCl + 4H2O
Структурные формулы кислот:
4. При взаимодействии серы с фосфором могут образоваться различные сульфиды фосфора. Определим брутто-формулу соединения G состава PxSy, воспользовавшись данными о массовой доле серы (более тяжелого элемента в сравнении с фосфором).
x : y = 56.36/31 : 43.64/32 = 1.818 : 1.364 = 1.333 : 1 = 4 : 3
Таким образом, соединение G - P 4 S 3
Продуктом реакции 2, используемым в производстве спичек, является бертолетова соль (хлорат калия) KClO3. При поджигании спички протекает реакция:
3P4S3 + 16KClO3 = 6P2O5 + 9SO2 + 16KCl
Разбалловка
№ | Элемент ответа | Баллы |
1. | Символы элементов X , Y , Z Правильный порядок увеличения радиусов | 3×0.5 = 1.5 б 1 б |
2 | Формулы веществ А, В, С Уравнения реакций 1-3 | 3×0.5 = 1.5 б 3×0.5 = 1.5 б |
3. | Структурные формулы кислот D - F Уравнения реакций 4-7 | 3×0.5 = 1.5 б 4×0.5 = 2 б |
4. | Формула вещества G Уравнение реакции | 0.5 б 0.5 б |
Итого | 10 баллов |
Задача №9-2
Под описание простого вещества подходит сера:
A – | сера, S | |||
Б – | диоксид серы, SO2
| |||
S + O2 = SO2 | (реакция 1) | |||
При пропускании избытка сернистого ангидрида через раствор щелочи должна получаться кислая соль NaHSO3 (В), что подтверждается расчетами:
ω (Na) = 22,11% => M(соли) = 104·x, где x – количество катионов Na+.
Для x=1 масса остатка 81 г/моль соответствует аниону HSO3-)
SO2 + NaOH = NaHSO3 | (реакция 2) |
При взаимодействии кислой соли с гидроксидом натрия образуется средняя соль Г (сульфит натрия – Na2SO3).
NaHSO3 + NaOH = Na2SO3 | (реакция 3) |
Можно предположить, что при взаимодействии сульфита натрия с серой в анион вводятся атомы серы.
ω (Na) = 29,11% => M(соли) = 79·x, где x – количество катионов Na+.
Поскольку ранее кислая соль была нейтрализована гидроксидом, то в её сотаве должно быть два катиона натрия, а масса должна составить 158 г/моль, где 112 г/моль приходится на кислотный остаток. Остаток, соответствующий сульфит аниону (80 г/моль) остался в составе, значит на неизвестную часть приходится ещё 32 г/моль, что соответствует введению одного атома серы в состав аниона:
Следовательно, вещество Д – тиосульфат натрия Na2S2O3.
Na2SO3 + S = Na2S2O3 | (реакция 4) |
Фиксирование фотопленок основано на реакции:
2 Na2S2O3 + AgBr = Na3[Ag(S2O3)2] | (реакция 5) |
А количественное определение йода – на процессе:
|
|
2 Na2S2O3 + I2 = Na2S4O6 + 2NaI | (реакция 6) |
Разбалловка
Написание формул веществ A–Д | 5х0,8 б. = 4 б. |
Написание уравнений реакций 1–4, 6 | 5х0,8 б. = 4 б. |
Написание уравнений реакции 5 | 2 б. |
ИТОГО | 10 б. |
Задача №9-3
1) Из описания можно сделать вывод, что А – медный купорос CuSO 4 ·5 H 2 O, он имеет голубой цвет, при умеренном нагревании отщепляет 5 молекул воды (36% массы), при более сильном нагревании образует черный оксид CuO
Соль Б – нитрат магния Mg ( NO 3 )2. Магний входит в состав хлорофилла, при разложении образуется бурый оксид NO2, который диспропорционирует в воде.
2) Уравнения реакций:
[1 и 2]: CuSO4·5H2O = CuO + SO2 + 0.5O2 + 5H2O
2Mg(NO3)2 = 2MgO + 4NO2 + O2
[3 и 4]: SO2 + 2KOH = K2SO3 + H2O
4NO2 + O2 + 4KOH = 4KNO3 + 2H2O
[5]: K2SO3 + Sr(NO3)2 = SrSO3↓ + 2KNO3
3) n(CuSO4·5H2O) = n(SO2) = n(K2SO3) = n(SrSO3) = 12.6/168 = 0.075 моль
m(CuSO4·5H2O) = n×M = 0.075×250 = 18.75 г
n(CuO) = n(CuSO4·5H2O) = 0.075 моль
m(CuO) = n×M = 0.075×80 = 6 г
m(MgO) = 8 – 6 = 2 г
n(Mg(NO3)2) = n(MgO) = m/М = 2/40 = 0.05 моль
m(Mg(NO3)2) = n×M = 0.05×148 = 7.4 г
m(смеси солей) = 18.75 + 7.4 = 26.15 г
ω(CuSO4·5H2O) = 18.75 / 26.15 = 71.7%
ω(Mg(NO3)2) = 28.3%
Разбалловка
1 | Формулы солей А и Б | 1+1 = 2 б |
2 | Уравнения реакций 1−5 | 1×5 = 5 б |
3 | Массы солей А и Б Массовые доли солей А и Б | 1+1 = 2 б 0.5+0.5 = 1 б |
Итого: | 10 б |
|
|
Задача №9-4
1) Поскольку кислород содержится в составе сульфат-иона и воды, то можно составить следующее уравнение для нахождения количества кислорода, который входит в состав воды:
Таким образом необходимый кристаллогидрат имеет формулу Fe 2 ( SO 4 )3·9 H 2 O и называется нонагидрат сульфата железа (III).
2) Железо окисляется до степени окисления +3, связываясь в сульфат избытком серной кислоты. Азотная же кислота, судя по описанию, восстанавливается до оксида азота (IV). Окисление протекает согласно уравнению реакции:
[1] 2FeSO4 + H2SO4 + 2HNO3 = Fe2(SO4)3 + 2NO2 + 2H2O |
3) Раствор кипятят для испарения и разложения избытка азотной кислоты. Разложение протекает по реакции:
[2] 4HNO3 = 4NO2 + O2 + 2H2O |
4) В реакционную систему было введено:
Из стехиометрии видно, что лимитирующим реагентом является сульфат железа (II), поэтому при расчете выхода следует ориентироваться на него, и в теории можно было получить моль нонагидрата сульфата железа (III). Реально образовалось моль целевого продукта. Следовательно, практический выход процесса равен или 94.2%.
5) В ходе анализа протекают следующие реакции:
[3] Fe2(SO4)3 + 6NaI = 2FeI2 + I2 + 3Na2SO4 (допустимо написание в продуктах FeSO4)
[4] I2 + 2Na2S2O3 = Na2S4O6 + 2NaI
По условию, на титрование ушло тиосульфата:
n(Na2S2O3) = C×V = 0.5×0.012 = 0.006 моль
Поскольку n(Na2S2O3) = 2n(I2), а n(I2) = 0.5n(Fe3+), то n(Na2S2O3) = n(Fe3+).
Тогда, С(Fe3+) = n/V = 0.006/0.01 = 0.6 моль/л
Разбалловка
1 | Расчет количества воды в кристаллогидрате, полное название кристаллогидрата | 2×1 б = 2 б |
2 | Написание уравнения [1] | 1 б |
3 | Написание уравнения [2], краткое пояснение необходимости кипячения | 2×1 б = 2 б |
4 | Расчет практического выхода соли | 2 б |
5 | Уравнения реакций [3] и [4] Расчет концентрации Fe3+ | 2×1 б = 2 б 1 б |
ИТОГО | 10 б |
Задача №9-5
1. 2,0 л идеального газа при нормальных условиях содержат моль молекул. Значит, при сгорании 1 моль метана выделится кДж теплоты, а в случае такого же количества водорода – кДж. Термохимические уравнения выглядят следующим образом:
CH4 + 2 O2 = CO2 + 2 H2O(г) + 802 кДж | (реакция 1) |
H2 + ½ O2 = H2O(г) + 242 кДж | (реакция 2) |
2. При термолизе метан разлагается на простые вещества:
CH4 = C + 2 H2
Взяли моль метана. Пусть разложилось x моль углеводорода с образованием 2·x водорода, тогда осталось (4,91–x) моль CH4.
Углерод в виде сажи осядет на стенках сосуда, а в газовой фазе останутся лишь водород и метан. Поскольку сожгли половину образовавшейся смеси, тепловой баланс запишется в виде:
Откуда x = n(CH4)разл = 1,24 моль.
M(H2) = 2 г/моль, M(CH4) = 16 г/моль, тогда
или 7,79%.
3. Из уравнения CH4 + 2 O2 = CO2 + 2 H2O(г) + 802 кДж
согласно следствию закона Гесса
Q = 2Qобр(H2O) + Qобр(CO2) ‒ Qобр(CH4)
Из уравнения H2 + ½ O2 = H2O(г) + 242 кДж следует, что
Qобр(H2O) = 242 кДж/моль, поэтому получим уравнение
802 = 2×242 + 393 ‒ Qобр(CH4), откуда
Qобр(CH4) = 75 кДж/моль
4. Уравнение каталитической конверсии метана:
CH4 + H2O(г) = CO + 3H2
Из предыдущих пунктов решения нам известны теплоты образования метана и водяного пара, следовательно, теплота образования угарного газа Qобр(CO) = 110 кДж/моль.
По следствию из закона Гесса тепловой эффект конверсии:
Q = Qобр(CO) ‒ Qобр(H2O(г)) ‒ Qобр(CH4) = 110 ‒ 242 ‒ 75 = ‒207 кДж
Разбалловка
1 | Написание термохимических уравнений 1,2 | 2×1 б = 2 б |
2 | Количество моль разложившегося метана Массовая доля водорода в газовой смеси | 2 б 1 б |
3 | Теплота образования метана | 2 б |
4 | Уравнение реакции конверсии метана Тепловой эффект реакции конверсии | 1 б 2 б |
ИТОГО | 10 б |
Задания 10 класса
Представлен один из возможных вариантов решения заданий
Задача №10-1
1. Исходя из описания физических и химических свойств простых веществ, несложно догадаться, что речь идет о неметаллах третьего периода ПСХЭ:
Х = S (сера), Y = Cl (хлор), Z = Р (фосфор).
В периоде ПСХЭ радиусы атомов увеличиваются справа налево, т.е. в ряду
Cl ® S ® P.
2. Сера и фосфор имеют несколько аллотропных модификаций, хлор же способен существовать лишь в виде молекулы Cl 2, представляющей желто-зеленый газ В. Тогда можно рассчитать молярные массы простых веществ серы и фосфора.
М(А) = 71´3.6056 = 256 г/моль, что соответствует ромбической сере S 8 - порошку лимонно-желтого цвета.
М(С) = 71´1.7465 = 124 г/моль, что соответствует белому фосфору Р4 - воскообразному веществу белого цвета с желтоватым отливом.
Таким образом, А - S 8 В - Cl 2 С - P 4
(на данном этапе задачи указание индексов для молекул всех простых веществ является обязательным)
Реакция 1: 3S8 + 48KOH = 16K2S + 8K2SO3 + 24H2O
или 3S + 6KOH = 2K2S + K2SO3 + 3H2O
Реакция 2: 3Cl2 + 6KOH = 5KCl + KClO3 + 3H2O (при нагревании)
Реакция 3: P4 + 3KOH + 3H2O = PH3↑ + 3KH2PO2
Бесцветный ядовитый газ, выделяющийся в последней реакции - фосфин РН3.
3. В реакции 3 образуется соль фосфорноватистой кислоты Н3РО2 (кислота D).
При взаимодействии фосфора с хлором могут образоваться хлориды фосфора (III) и (V), которые при обработке щелочью гидролизуются с образованием солей фосфористой (Н3РО3, кислота Е) и фосфорной (Н3РО4, кислота F) кислот.
Реакция 4: P4 + 6Cl2 = 4PCl3 (или 2P + 3Cl2 = 2PCl3)
Реакция 5: P4 + 10Cl2 = 4PCl5 (или 2P + 5Cl2 = 2PCl5)
Реакция 6: PCl3 + 5KOH = K2HPO3 + 3KCl + 2H2O
Реакция 7: PCl5 + 8KOH = K3PO4 + 5KCl + 4H2O
Структурные формулы кислот:
4. При взаимодействии серы с фосфором могут образоваться различные сульфиды фосфора. Определим брутто-формулу соединения G состава PxSy, воспользовавшись данными о массовой доле серы (более тяжелого элемента в сравнении с фосфором).
x : y = 56.36/31 : 43.64/32 = 1.818 : 1.364 = 1.333 : 1 = 4 : 3
Таким образом, соединение G - P 4 S 3
Продуктом реакции 2, используемым в производстве спичек, является бертолетова соль (хлорат калия) KClO3. При поджигании спички протекает реакция:
3P4S3 + 16KClO3 = 6P2O5 + 9SO2 + 16KCl
Разбалловка
№ | Элемент ответа | Баллы |
1. | Символы элементов X , Y , Z Правильный порядок увеличения радиусов | 3×0.5 = 1.5 б 1 б |
2 | Формулы веществ А, В, С Уравнения реакций 1-3 | 3×0.5 = 1.5 б 3×0.5 = 1.5 б |
3. | Структурные формулы кислот D - F Уравнения реакций 4-7 | 3×0.5 = 1.5 б 4×0.5 = 2 б |
4. | Формула вещества G Уравнение реакции | 0.5 б 0.5 б |
Итого | 10 баллов |
Задача №10-2
1. Молярная масса газа В составляет = 28,00·x г/моль, где x – число атомов кислорода в молекуле. Учитывая токсичность вещества и его способность количественно реагировать с I2O5, делаем вывод, что В – CO.
В таком случае, Б – C (углерод), и протекала реакция восстановления кислородсодержащего минерала.
Выделение газа с неприятным запахом указывает на то, что Г – сульфид. Тогда вероятно, что вещество А – сульфат. Если степень окисления металла в процессе оставалась постоянной, то
1,38 = , откуда M(M) = 68·a (г/моль)
При а = 2 подходящим элементом является барий.
Минерал А в таком случае является сульфат бария BaSO4.
Таким образом, Х – барий, А – барит (тяжелый шпат) BaSO4
2. Буквами зашифрованы следующие вещества:
Б – углерод С;
В – CO;
Г – BaS;
Д – H2S;
E – Ba(CH3COO)2.
3. Уравнения реакций:
BaSO4 + 4 C = BaS + 4 CO | (реакция 1) |
5 CO + I2O5 = 5 CO2 + I2 | (реакция 2) |
BaS + 2 CH3COOH = Ba(CH3COO)2 + H2S | (реакция 3) |
4. При прокаливании ацетата бария протекает его разложение с образованием твердого продукта и отгонкой газообразных в условиях опыта веществ.
M (Ba(CH3COO)2) = 255 г/моль
Из уменьшения массы следует, что M(Ж) = 255 · (1–0,2274) · x = 197·x г/моль, где x – число атомов бария в формульной единице.
Массе 197 г/моль подходит карбонат бария, соответственно он является веществом Ж, а побочным продуктом реакции является ацетон.
Итак, Ж – BaCO3
Уравнение реакции:
Ba(CH3COO)2 = BaCO3 + CH3COCH3
Разбалловка
1 | Металл X Формула и тривиальное название минерала А | 1 б 1+0.5 б = 1,5 б |
2 | Формулы веществ Б–Е, | 5×0,5 б = 2,5 б |
3 | Уравнения реакций 1–3 | 3×1 б = 3 б |
4 | Формула вещества Ж (без расчетов – 0 б) Уравнение реакции | 1 б 1 б |
ИТОГО | 10 б |
Задача №10-3
1. Начнем с определения элемента Х. Для получения простого вещества, образованного Х, используется реакция фторида с магнием
ХFn + (n/2)Mg = X + (n/2)MgF2,
где n – валентность элемента Х.
По уравнению реакции
При n = 1, M(ХF) = 94 г/моль, А(Х) = 75, мышьяк
При n = 2, M(ХF2) = 47 г/моль, А(Х) = 9, бериллий
При n = 3, M(ХF3) = 31,3 г/моль, такого фторида не существует.
Таким образом, Х – бериллий, так как соединения AsF не существует.
2. Определим минерал Y. Представим его формулу в виде (BeO)x(Al2O3)y(SiO2)z, тогда:
.
То есть формула минерала (BeO)3(Al2O3)1(SiO2)6 или Be3Al2Si6O18 – это минерал берилл, который используется для промышленного получения бериллия и его солей, а также в ювелирном деле в качестве драгоценных камней (изумруд – берилл с примесями железа, хрома и ванадия; аквамарин – берилл с примесью железа).
3. Формулы веществ:
X1 – BeO, Х 2 – Be3N2, X3 – BeCl2, X4 – Na2[Be(OH)4], X5 – BeF2
3. Уравнения реакций:
[1] 2Be + O2 = 2BeO
[2] 3Be + N2 = Be3N2
[3 или 4] BeO + 2HCl = BeCl2 + H2O
[3 или 4] Be3N2 + 8HCl = 3BeCl2 + 2NH4Cl
[5 или 6] BeO + 2NaOH + H2O = Na2[Be(OH)4]
[5 или 6] Be3N2 + 6NaOH + 6H2O = 3Na2[Be(OH)4] + 2NH3
[7] Be + F2 = BeF2
[8] BeF2 + 2NaF = Na2[BeF4]
[9] BeF2 + Mg = MgF2 + Be
Разбалловка
1 | Определение элемента Х с расчетом (без расчета: 0,5 б) | 1,5 б |
2 | Формула минерала Y Название минерала Y Применение минерала Y | 0,5 б 0,5 б 0,5 б |
3 | Формулы веществ Х1 – Х5 | 5×0,5 б = 2,5 |
4 | Уравнения реакций 1−9 | 9×0,5 б = 4,5 |
ИТОГО | 10 б. |
Задача №10-4
1. Представим жидкий углеводород Г как CxHy, для него ω(Н) = y / (12x + y) = 0.0769, откуда x = y, что соответствует простейшей формуле СН. Учитывая, что Г вступает в реакцию бромирования в присутствии катализатора, можно сделать вывод, что Г - бензол С6Н6.
Если при окислении А образовалась одноосновная кислота, то она будет вступать в реакцию нейтрализации по уравнению:
R-COOH + KOH = R-COOK + H2O
n(KOH) = V(р-ра)´ ω(КОН) / М(КОН) = 11.2´0.05 / 56 = 0.01 моль
Тогда n(R-COOH) = n(KOH) = 0.01 моль
М(R-COOH) = 1.22 / 0.01 = 122 г/моль
М(R) = 122 - M(COOH) = 122 - 45 = 77 г/моль, что соответствует R = C6H5 и подтверждает ранее сделанные выводы о веществе Г.
Таким образом, Б - бензойная кислота С6Н5СООН, а В - бензоат калия С6Н5СООК, при сплавлении которого с твердым КОН происходит декарбоксилирование с образованием бензола.
Бромирование бензола в присутствии катализатора приводит к образованию Д - бромбензола С6Н5 Br, взаимодействие которого с бромэтаном в присутствии натрия дает Е - этилбензол С6Н5 - С2Н5.
Бромирование этилбензола при облучении идет по боковой цепи с образованием вещества Ж - 1-бром-1-фенилэтана С6Н5 - С HBrCH 3, дегидрогалогенирование которого спиртовым раствором щелочи приводит к образованию двойной связи и образованию вещества А - стирола С6Н5 - СН=СН2.
Тогда полимер Х, из которого изготовлены корпуса ручек - полистирол.
Таким образом,
Х - полистирол
А - стирол С6Н5 - СН=СН2
Б - бензойная кислота С6Н5СООН
В - бензоат калия С6Н5СООК
Г - бензол С6Н6
Д - бромбензол С6Н5 Br
Е - этилбензол С6Н5 - С2Н5
Ж - 1-бром-1-фенилэтан С6Н5 - С HBrCH 3
(названия приводить необязательно)
2. Уравнения реакций:
(поскольку в реакциях не затрагивается бензольное кольцо, допускается вместо рисования кольца писать C6H5)
3. По условию требуется получить
n(C6H5COOH) = 61 / 122 = 0.5 моль
Исходя из приведенного выше уравнения реакции,
n(стирола) = n(C6H5COOH) = 0.5 моль
m(стирола) = 0.5´104 = 52 г, следовательно, требуется деполимеризовать такую же массу полистрирола.
Для этого потребуется корпусов ручек
N (ручек) = 52 / 5.2 = 10 штук
Разбалловка
№ | Элемент ответа | Баллы |
1. | Структурные формулы веществ Х и А – Ж | 8×0.5 = 4 б |
2 | Уравнения реакций 1 - 8 | 8×0.5 = 4 б |
3. | Расчет количества ручек | 2 б |
Итого | 10 баллов |
Задача №10-5
1. Обозначим формулу углеводорода Х как СхНy. Тогда схема сгорания будет иметь вид: СхНy → хCO2 + y/2H2O
При температуре 68.25°С (341.25К) молярный объем газа будет равен
Vm = 22.4×341.25/273 = 28 л/моль
n(CO2) = V / Vm = 8.4 / 28 = 0.3 моль, n(C) = n(CO2) = 0.3 моль
n(H2O) = m / M = 7.2 / 18 = 0.4 моль, n(H) = 2n(H2O) = 0.8 моль
х : y = n(C) : n(H) = 0.3 : 0.8 = 3 : 8
Получаем, что углеводород Х – С3Н8
Тогда, вещество Y - пропен С3Н6
Структурные формулы веществ Х и Y:
Уравнение реакции дегидрирования:
С3Н8 ↔ С3Н6 + Н2
2. Исходное количество пропана n = 4.4/44 = 0.1 моль
При 200°С (473K): n(С3Н8) = 0.08 моль, n(С3Н6) = n(Н2) = 0.02 моль
р(С3Н8) = nRT/V = 0.08*8.31*473/1 = 314.5 кПа = 3.145 бар
р(С3Н6) = р(Н2) = 0.02*8.31*473 = 78.6 кПа = 0.786 бар
При 300°С (573K): n(С3Н8) = 0.01 моль, n(С3Н6) = n(Н2) = 0.09 моль
р(С3Н8) = nRT/V = 0.01*8.31*573 = 47.62 кПа = 0.476 бар
р(С3Н6) = р(Н2) = 0.09*8.31*573 = 428.55 кПа = 4.286 бар
3. Кр(473) = 0.786*0.786 / 3.145 = 0.196
Кр(573) = 4.286*4.286/ 0.476 = 38.59
4. Изменение энтальпии реакции можно найти по формуле:
ΔН =
ΔН = = 119035 Дж/моль = 119.035 кДж/моль
5. Из соотношения ΔrG = ΔrН − TΔrS получим:
ΔrS = (ΔrН − ΔrG) / Т
При Т = 473К ΔrG = −RTlnKp = −8.31*473ln(0.196) = 6405.5 Дж/моль
ΔrS = (119035 – 6405.5) / 473 = 238.1 Дж/(моль·К)
Разбалловка
№ | Элемент ответа | Баллы |
1. | Брутто-формула X Структурные формулы веществ Х и Y Уравнение реакции дегидрирования Х | 0.5 б 2×0.5 = 1 б 0.5 б |
2 | Состав равновесной смеси (моль) при 200°С Состав равновесной смеси (моль) при 300°С Парциальные давления всех компонентов (бар) при 200°С Парциальные давления всех компонентов (бар) при 300°С | 1 б 1 б 1 б 1 б |
3. | Константы равновесия Кр реакции дегидрирования | 2×1 = 2 б |
4. | Тепловой эффект реакции дегидрирования (ΔrН) | 1 б |
5. | Изменение энтропии реакции дегидрирования | 1 б |
Итого | 10 баллов |
Задания 11 класса
Представлен один из возможных вариантов решения заданий
Задача №11-1
1. Кратчайшее расстояние соответствует половине телесной диагонали куба, следовательно, объем элементарной ячейки равен (2r/Ö3)3 » 31.18 Å3.
, где r – плотность кристаллического вещества, г/см3; M – молярная масса вещества, г/моль; Z – число формульных единиц, содержащихся в одной элементарной ячейке; V – объем элементарной ячейки, Å3.
Для ОЦК Z = 2, следовательно, M » 95.9. M = Mo.
Балла
Описание структуры оксида говорит о том, каждый атом Mo связан с 6 атомами кислорода, причем каждый кислород “принадлежит” атому Mo на 1/2. А = MoO3.
Балл
Присутствие только тетраэдрических ионов в структуре B – указание на то, что B = (NH4)2MoO4.
Балл
Изменение степени окисления Mo в условиях описанной реакции не происходит.
Из рисунка видно, что состав аниона можно выразить формулой [Mo8O24(O2)2(H2O)2]4–.
Балл
Очевидно, что противоионами могут быть только катионы аммония. По данным о структуре можно определит M(C) = 1396 г/моль, что соответствует формуле (NH4)4[Mo8O24(O2)2(H2O)2]∙4H2O
Балла
2. 2Mo + 3O2 = 2MoO3 0.5 балла
MoO3 + 2NH3∙H2O = (NH4)2MoO4 0.5 балла
8(NH4)2MoO4 +2H2O2 + 12HNO3 = (NH4)4[Mo8O24(O2)2(H2O)2]∙4H2O + 12NH4NO3 + 2H2O
балла (без уравнивания – 1 балл, схема без участия азотной кислоты – 0 баллов).
Задача №11-2
1. Начнем с определения элемента Х. Для получения простого вещества, образованного Х, используется реакция фторида с магнием
ХFn + (n/2)Mg = X + (n/2)MgF2,
где n – валентность элемента Х.
По уравнению реакции
При n = 1, M(ХF) = 94 г/моль, А(Х) = 75, мышьяк
При n = 2, M(ХF2) = 47 г/моль, А(Х) = 9, бериллий
При n = 3, M(ХF3) = 31,3 г/моль, такого фторида не существует.
Таким образом, Х – бериллий, так как соединения AsF не существует.
2. Определим минерал Y. Представим его формулу в виде (BeO)x(Al2O3)y(SiO2)z, тогда:
.
То есть формула минерала (BeO)3(Al2O3)1(SiO2)6 или Be3Al2Si6O18 – это минерал берилл, который используется для промышленного получения бериллия и его солей, а также в ювелирном деле в качестве драгоценных камней (изумруд – берилл с примесями железа, хрома и ванадия; аквамарин – берилл с примесью железа).
3. Формулы веществ:
X1 – BeO, Х 2 – Be3N2, X3 – BeCl2, X4 – Na2[Be(OH)4], X5 – BeF2
3. Уравнения реакций:
[1] 2Be + O2 = 2BeO
[2] 3Be + N2 = Be3N2
[3 или 4] BeO + 2HCl = BeCl2 + H2O
[3 или 4] Be3N2 + 8HCl = 3BeCl2 + 2NH4Cl
[5 или 6] BeO + 2NaOH + H2O = Na2[Be(OH)4]
[5 или 6] Be3N2 + 6NaOH + 6H2O = 3Na2[Be(OH)4] + 2NH3
[7] Be + F2 = BeF2
[8] BeF2 + 2NaF = Na2[BeF4]
[9] BeF2 + Mg = MgF2 + Be
Разбалловка
1 | Определение элемента Х с расчетом (без расчета: 0,5 б) | 1,5 б |
2 | Формула минерала Y Название минерала Y Применение минерала Y | 0,5 б 0,5 б 0,5 б |
3 | Формулы веществ Х1 – Х5 | 5×0,5 б = 2,5 |
4 | Уравнения реакций 1−9 | 9×0,5 б = 4,5 |
ИТОГО | 10 б. |
Задача №11-3
1. Определим вещество А по массовым долям. На углерод приходится 92,26%, оставшимся элементом, вероятно, является водород из-за малой массовой доли.
Углерод | Водород | |
Массовая доля, % | 92,26 | 7,74 |
Мольная доля | 7,68 | 7,74 |
Соотношение | 1 | 1 |
Поскольку соотношение элементов равно 1:1, то можно подумать на ацетилен или иные ненасыщенные углеводороды. Однако в случае ненасыщенных связей не требуется наличие каких-либо катализаторов, а в условии протекании реакции указано присутствие бромида железа (3). Значит, исходное вещество является ароматическим и это бензол состава C6H6.
В таком случае вещества A – H имеют следующие формулы:
Для структуры C возможно представление в виде катиона и аниона. Для структуры F возможно представление в виде незаряженной частицы с пятивалентным атомом фосфора.
2. Вместо гидрида натрия можно использовать какое-либо иное сильное основание, например, алкиллитиевые производные (RLi), реактивы Гриньяра (RMgX), амиды (R2NNa), алкоголяты (RONa).
3. Уравнение реакции камфоры с реагентом Виттига:
Разбалловка
1 | Изображение структур веществ A–H | 8×1 б = 8 б |
2 | Два примера оснований для превращения вещества E в F | 2×0,5 б = 1 б |
3 | Уравнение реакции превращения камфоры под действием реагента F | 1 б |
ИТОГО | 10 б |
Задача №11-4
1. , также стоит зачесть иные галогенбензолы
2.
3.
4.
5.
6.
7.
Разбалловка:
Реакция 1 | 1б |
Реакции 2 и 3 | 2·0,5=1б |
Реакции 4-7 (Полный балл ставят и за двухстадийную схему синтеза с указанием побочных соединений, например: | 4·2=8б |
Задача №11-5
1) Х – СОСl2 – фосген или хлорокись углерода
Y – Fe(CO)5 – пентакарбонил железа
Фосген ранее (в Первую мировую войну) применялся как боевое отравляющее вещество.
2) 5СО + Fe = Fe(CO)5
CO + Cl2 = COCl2
3)
V= ∆c/∆t => ∆c= V⋅∆t= 2.5⋅10-3⋅5= 12.5⋅10-3 моль/л= 12.5 моль/м3
Изначально [COCl2]=0 => ∆c=[COCl2] после 5 мин
По уравнению Менделеева-Клайперона pV=nRT => p= RTn/V
p(COCl2)= ∆cRT= 12.5⋅8.314⋅403= 4.2⋅104 Па
Пусть po – исходное давление, то p(Cl2)= 0.5po
CO | + | Cl2 | = | COCl2 | |
½ po | ½ po | 0 | было | ||
½ po - p(COCl2) | ½ po - p(COCl2) | p(COCl2) | стало |
Общее давление в сосуде после реакции
2pатм = po - p(COCl2)
2⋅105 = po – 4.2⋅104 => po = 2.4⋅105 Па
p(Cl2) = 1/2 po = 1.2 ⋅ 105 Па
С(Cl2) = р/RT = 0.0358 моль/л
4) COCl2 + H2O = CO2 + 2HCl
COCl2 + 4NaOH = Na2CO3 + 2NaCl + 2H2O
COCl2 + 4NH3 + 2Н2О = 2NH4Cl + (NH4)2CO3
Разбалловка
Дата добавления: 2022-06-11; просмотров: 13; Мы поможем в написании вашей работы! |
Мы поможем в написании ваших работ!