Контрольные задачи (1 семестр)
Практика 9. (8 дек 932025, 10 дек 932024)
Задача 50. Найти , при котором ранг равен 2.
Решение. Преобразуем:
Последняя строка состоит из нулей при , т.е. .
Ответ. .
Задача 5 1. Найти , при котором ранг равен 2.
Решение.
Ответ. .
Глава 3.
Системы линейных алгебраических уравнений.
Задача 1. Решить систему линейных уравнений .
Решение. А. Матричным методом.
Запишем систему в виде: .
Найдём обратную матрицу для А.
.
= = = .
Б. Методом Крамера.
= = .
Ответ. .
Метод Гаусса.
Задача 2. Решить систему уравнений
Решение. Построим расширенную матрицу и преобразуем её.
чтобы обнулились коэффициенты ниже левого верхнего угла, то есть чтобы исчезла переменная из всех уравнений кроме первого, надо:
а) из 2-й строки вычесть 1-ю;
б) из 3-й строки вычесть удвоенную 1-ю.
=
Теперь, чтобы обнулить ниже чем , нужно к 3-й строке просто прибавить 2-ю, так как знаки там противоположны. При этом структуру из нулей, которые уже получились слева, мы на последующем шаге всё равно никак не испортим, ведь там к 0 будет прибавляться 0 либо вычитаться 0, то есть ступенчатая структура там уже всё равно будет сохраняться.
=
Когда в основной матрице уже получена треугольная структура, снова перепишем в виде системы
В первом уравнении 3 неизвестных, а в каждом следующем всё меньше и меньше, а в последнем вообще только одна неизвестная. Именно этой цели мы и хотели добиться, приводя к треугольному виду: из последнего уравнения можно теперь сразу выразить . Затем с этой информацией мы поднимаемся в предпоследнее уравнение, где две неизвестных, впрочем, одна из них уже известна.
|
|
.
А теперь уже две последних неизвестных стали известны, и с этой информацией поднимаемся в 1-е уравнение, подставляя туда и . Итак, .
Ответ. =2, =1, =1.
Можно ответ записать и в виде вектора: .
Ответ. =2, =1, =1.
Задача 3. Решить систему уравнений
(как в прошлой, но у элемента изменили знак).
Решение. Построим расширенную матрицу и преобразуем её.
чтобы обнулились коэффициенты ниже левого верхнего угла, то есть чтобы исчезла переменная из всех уравнений кроме первого, надо:
а) из 2-й строки вычесть 1-ю;
б) из 3-й строки вычесть удвоенную 1-ю.
=
Теперь, чтобы обнулить ниже чем , нужно к 3-й строке просто прибавить 2-ю, так как знаки там противоположны. При этом структуру из нулей, которые уже получились слева, мы на последующем шаге всё равно никак не испортим, ведь там к 0 будет прибавляться 0 либо вычитаться 0, то есть ступенчатая структура там уже всё равно будет сохраняться.
|
|
=
Когда в основной матрице уже получена треугольная структура, снова перепишем в виде системы
В первом уравнении 3 неизвестных, а в каждом следующем всё меньше и меньше, а в последнем вообще только одна неизвестная. Именно этой цели мы и хотели добиться, приводя к треугольному виду: из последнего уравнения можно теперь сразу выразить . Затем с этой информацией мы поднимаемся в предпоследнее уравнение, где две неизвестных, впрочем, одна из них уже известна.
.
А теперь уже две последних неизвестных стали известны, и с этой информацией поднимаемся в 1-е уравнение, .
Ответ. =5, , =4.
Можно ответ записать и в виде вектора: .
Задача 4. Решить систему уравнений
Решение. При построении расширенной матрицы, сразу же домножим 2-е и 3-е уравнения на такие коэффициенты, чтобы в начале строки были числа, кратные угловому элементу. А именно, 2-ю строку на 2, а 3-ю строку на 4. Так надо, чтобы потом в методе Гаусса можно было не домножать на дробные коэффициенты при вычитании строк.
Чем ниже, тем меньше переменных. Идея метода Гаусса соблюдена.
Сначала можно найти х2, затем х3, позже х1.
, тогда . Тогда .
Замечание. Впрочем, в данном случае можно заметить, что совпадает существенная часть 1 и 3 строк, и если сразу вычесть 1-ю строку из 3-й, то можно будет тут же найти .
|
|
Из 3-го уравнения теперь следует .
А далее можно составить более простую систему на , уже с учётом .
Теперь домножим, чтобы получить кратное, и приведём к треугольной структуре.
Из последнего , а далее .
Ответ. , , .
- - - Перерыв - - -
Задача 5. Решить систему уравнений
Решение. Составим расширенную матрицу.
Получили эквивалентную систему:
, из последнего уравнения, очевидно, ,
тогда из предпоследнего , и из 1-го .
Ответ. .
Задача 6. Решить систему уравнений
Решение. Во-первых, можно всё 2-е уравнение сократить на 2, так удобнее для решения, числа будут меньше. Затем обнуляем ниже углового элемента: вычитаем из 2-го уравнения удвоенное 1-е, а также 3-го 1-е.
=
треугольная структура уже получилась.
Перепишем снова в виде системы:
из 3-го уравнения , подставляем во 2-е, там получается .
А из 1-го .
Ответ. , , .
Задача 7. Решить систему уравнений
Решение.
Из последнего, . Тогда из 2-го , .
Тогда из 1-го , .
Ответ. (5,4,3).
|
|
Задача 8. Решить систему уравнений
Решение.
Система приведена к виду:
Из последнего, , тогда .
Тогда из 2-го: , .
И наконец из 1-го, .
Ответ. .
Задача 9. Решить систему уравнений
Решение. Здесь удобнее метод Гаусса начать с 4 столбца (зеркально), так как там коэффициенты, кратные 1.
Из двух последних:
, .
Тогда из первых двух уравнений:
, .
, .
Ответ. .
Практика 10. (9 дек 932025, 12 дек 932024)
Задача 10. Решить систему уравнений.
Решение.
Разворачиваем обратно в систему:
.
Ответ. .
Неопределённые системы ( ).
Задача 11. Решить неоднородную систему
Решение. .
.
Из 1-го: ,
Ответ. Общее решение .
Частные решения: , , ...
Для сравнения, методом Крамера.
= = .
= = .
То же самое.
Задача 11-Б. Решить однородную систему
Решение. .
.
Из 1-го: ,
ФСР . Обратите внимание, что это и есть разность двух частных решений прошлой задачи.
Ответ. Общее решение . ФСР .
Задача 12. Решить неоднородную систему.
Решение. Построим и преобразуем расширенную матрицу.
Базисный минор в первых двух столбцах, последние две переменные свободные, переносим их вправо.
Отсюда . Тогда =
= =
.
Ответ. Общее решение: , .
Частное например (2,0,0,0).
Задача 13. Решить неоднородную систему
Решение. Запишем расширенную матрицу системы.
обнулим всё ниже углового элемента, для этого:
из 2-й строки вычтем 1-ю, из 3-й удвоенную 1-ю, из 4-й 1-ю, домноженную на 4.
теперь можно поменять местами 2 и 3 строки, а также домножить на три последних уравнения (там почти везде были знаки минус)
затем из 4-й строки вычитаем 2-ю, чтобы продолжить стандартную процедуру метода Гаусса, потом видим что 3-я и 4-я стали одинаковы, тогда из 4-й вычитаем 3-ю. Получается, что 4-е уравнение 0 = 0.
Итак, осталось 3 уравнения, базисный минор легко заметить в первых трёх столбцах (там треугольная структура матрицы, и этот определитель явно отличен от 0). 4-й столбец не входит в базисный минор, то есть 4-я переменная свободная, т.е. когда будем записывать систему, переносим её через знак равенства во всех уравнениях.
Из последнего уравнения , подставляя это выражение во 2-е уравнение, выразим . = ,
. Далее из 1-го уравнения:
= ,
. Итак, общее решение:
, , .
Можно записать в виде вектора: .
Если задать, например, получим частное решение: .
Ответ. Общее решение: .
Задача 14. Решить неоднородную систему
Решение.
Вычёркивается лишнее 3-е уравнение.
Базисный минор не может быть в 1 и 2 столбце. Или 1 и 3, или 1 и 4. Лучше 1 и 4, чтобы делить на 5.
Получили систему:
Из второго: подставляем в 1-е:
.
Общее решение: ,
.
Частное решение: . Подставим во все 3 уравнения, проверим.
- - - Перерыв - - -
Задача 15.
Решение.
Получили систему:
свободная переменная, базисный минор в 1,2,3 столбцах.
Из последнего: из второго: .
= =
.
Общее решение:
, , .
Частное решение (2/4, 9/4, 14/4, 0)
Практика 11 (15 дек 932025, 17 дек 932024)
Однородные системы.
Задача 16. Решить однородную систему .
Решение. Можно записать основную матрицу и там вычесть 1-ю строку из 2-й, впрочем, можно для небольшой системы сделать это и сразу в системе, вычесть 1-е уравнение из 2-го. Получится:
Ранг равен 2, а неизвестных 3, 3-я неизвестная свободная, переносим вправо. Тогда:
Из 2-го уравнения , тогда , а значит .
Общее решение: , . В виде вектора: .
Присвоим , получим остальные неизвестные.
ФСР состоит всего из одного вектора: . Все остальные решения пропорциональны этому.
Если бы, например, присвоили , получили бы . Это потому, что всего одна свободная переменная.
Ответ. Общее решение: , ФСР .
Задача 17. Решить систему
Решение. Минор, состоящий из 1 и 2 столбцов, уже в ступенчатой форме.
Базисный минор порядка 2. Тогда 3-я и 4-я переменная - свободные. Перенесём их через знак равенства. .
уже фактически выражено: , подставим это в первое уравнение, чтобы выразить .
.
Общее решение: { , }.
Если поочерёдно присвоить значение 1 каждой из свободных переменных (а другая в это время 0) то получим гарантированно 2 линейно-независимых вектора, они не пропорциональны, так как 1 на разных местах.
, получим
, получим .
Эти 2 вектора { , } и есть ФСР. Это частных решений, из которых можно составить любые другие частные решения: любые их линейные комбинации будут частными решениями однородной системы.
Ответ. Общее решение { , }.
ФСР { , }.
Замечание. Для системы с квадратной матрицей справа были только числа, для системы с прямоугольной матрицей к ним добавляются свободные переменные, и там будут выражения типа . А для однородной системы справа констант нет (они = 0), но туда перенесены свободные переменные. То есть идея решения методом Гаусса во всех этих 3 параграфах одна и та же, но справа разные типы объектов.
Задача 18. Решить однородную систему
Решение. Запишем основную матрицу, преобразуем её.
снова представим в виде системы:
базисный минор порядка 2, можно обвести в левом углу, поэтому 3-я и 4-я переменная - свободные. Здесь их уже две, так как , поэтому . Перенесём их через знак равенства.
здесь уже выражено: , подставим это в первое уравнение, чтобы выразить и .
, .
Общее решение: , .
В виде вектора: .
Если поочерёдно присвоить значение 1 каждой из свободных переменных (а другая в это время 0) то получим гарантированно 2 линейно-независимых вектора, они не пропорциональны, так как число 1 в них на разных местах.
, получим
, получим .
Эти 2 вектора { , } и есть ФСР. Это частных решений, из которых можно составить любые другие частные решения. Любые их линейные комбинации будут частными решениями однородной системы.
Ответ. Общее решение: .
ФСР это множество из 2 векторов: { , }.
Задача 19. Решить однородную систему, найти ФСР.
Решение. Запишем основную матрицу системы и преобразуем её методом Гаусса.
Ранг матрицы равен 2, базисные столбцы 1-й и 2-й. Несмотря на то, что сначала могло показаться, что здесь будет одна свободная переменная (4 переменных и 3 уравнения), на самом деле здесь будет две свободных переменных, ведь 3-е уравнение оказалось линейной комбинацией первых двух. .
Снова возвращаемся от матрицы к системе уравнений.
перенесём свободные неизвестные вправо:
из 2 уравнения , подставим это в 1-е,
будет , то есть .
Общее решение: , .
В виде вектора:
Построим ФСР из 2 векторов.
, получим
, получим .
Так как здесь есть дроби, то для того, чтобы векторы в ФСР содержали только целые координаты, можно задавать не только 1, но и другое число, главное только чтобы в 3 и 4 координатах помещался невырожденный минор. Если мы задаём поочерёдно каждой свободной переменной какое-то число (не обязательно 1) а остальным 0, то линейная независимость этой системы векторов всё равно заведомо обеспечена.
Ответ. Общее решение: , .
ФСР из 2 векторов: .
Задача 20. Решить однородную систему, найти ФСР.
Основная матрица:
Ранг = 2. n-r = 4-2 = 2 свободных переменных.
Из 2-го: ,
тогда из 1-го ,
Общее решение: , .
ФСР .
Задача 21. Решить однородную систему
Решение.
Ранг основной матрицы равен 2. Оставить слева 2 переменных, например, , остальные свободные.
Из второго: , подставим в 1-е.
.
Тогда = .
Общее решение: ,
или в векторном виде: .
ФСР:
Ответ.
Общее решение: .
ФСР:
- - - Перерыв - - -
Задача 22. Решить однородную систему, найти ФСР.
Решение. Преобразуем методом Гаусса основную матрицу системы.
Ступенчатая структура продолжилась до самой последней строки, и не проявилась строка из нулей, то есть ранг равен 3. Здесь всего одна свободная переменная. Развернём обратно эту матрицу, т.е. запишем в виде системы, а затем перенесём свободные переменные вправо.
Из последнего, , это подставим во 2-е и получим .
Затем это всё в 1-е уравнение, получим .
Общее решение: .
ФСР: один вектор .
Ответ. Общее решение: . ФСР: .
Задача 23. Решить однородную систему, найти ФСР.
Решение. Преобразуем методом Гаусса основную матрицу системы.
далее можно вычесть 2 строку из 3-й и 4-й, и там везде будут 0.
Здесь ранг 2, неизвестных 5, .
Переписывая в виде системы, переносим вправо 3 свободных переменных.
Выражаем из 2-го как линейную функцию от , а затем с помощью 1-го уравнения, также и .
,
подставим в 1-е:
.
Общее решение: .
ФСР из 3 векторов. Для этого задаём поочерёдно 1 какой-либо из свободных переменных, а 0 остальным.
ФСР: , , .
Ответ. Общее решение: .
ФСР: , , .
Задача 24. Решить однородную систему, найти ФСР:
Решение. Сначала быстро преобразуем основную матрицу методом Гаусса, для чего из 2 строки вычтем удвоенную 1-ю.
, видим, что базисный минор в 1 и 2 столбцах, тогда свободные переменные.
Система после преобразования:
Переносим вправо :
Последнее уравнение будет логично умножить на коэффициент .
Тогда , подставляя эту информацию в 1-е уравнение, получим , тогда .
Запишем общее решение , ,
оно же в векторном виде: .
Поочерёдно присваивая , затем , получим два вектора: (-3,5,1,0) и (-5,4,0,1).
Ответ. Общее решение , .
ФСР (-3,5,1,0) и (-5,4,0,1).
Задача 25.
Решить однородную систему, найти ФСР
Решение.
ранг = 2.
Тогда , подставим в 1-е: , .
Ответ. Общее решение: , , ФСР: .
Задача 26 запасная
Решение.
Система уравнений:
Базисный минор в 1,2,3 столбцах, свободная переменная х4.
подставим во 2-е: = = , это тогда .
Далее, = =
= .
Итак, общее решение .
ФСР состоит из одного вектора .
Проверка, подставим в систему:
Практика 12. (16 дек 932025, 19 дек 932024).
Задача 27 (повт).
тогда , , .
Ответ (0,1,1).
Повторение и контрольная работа по системам уравнений:
1) Определённая.
2) Неоднородная неопределённая
3) Однородная неопределённая.
(60-80 минут, почти вся пара).
Практика 13. (22 дек 932025, 24 дек 932024)
Задача 28. Найти наименьшее натуральное число k, при котором решение системы единственно:
Решение. Для существования и единственности решения системы с основной квадратной матрицей A необходимо и достаточно, чтобы матрица A являлась невырожденной.
вырождена при k=1, так как все строки совпадают,
Рассмотрим при . Прибавим все столбцы к первому (все числа в 1-м столбце окажутся равны ), вынесем общий множитель за знак определителя.
Затем вычтем 1-й столбец из всех остальных. С помощью таких действий получим: = = при .
Таким образом, наименьшее натуральное число с таким условием .
Задача 29. Найти решение системы
, , ... .
Арифметическая прогрессия.
, Следовательно, , образуют посл-сть
k, k-1, …, 1,0, -1, … , -k , при 99 элементах: .
Ответ. .
Задача 30. Пусть таковы, что
Найти .
Решение.
Запишем исходную систему уравнений в виде:
Проверим, может ли = быть линейной комбинацией уравнений этой системы.
Если проверять на вырожденность минор 3 порядка, то получалось бы
Система: Несовместна.
Для минора 4 порядка:
,
,
это приводит к системе
Из разности 2-го и 3-го получаем , тогда , . Тогда из 1-го .
, ,
Тогда = .
Задача 31. Даны 3 вектора: . Доказать, что они образуют базис в пространстве, и найти координаты вектора в новом базисе.
Решение. Вычисляя определитель, получим, что он отличен от 0.
= .
Затем ищем новые координаты вектора.
система:
Здесь удобнее получить треугольную структуру ниже не главной, а побочной диагонали. Ведь в третьем столбце все числа 1. .
Система: . Из 3-го уравнения .
Тогда из 2-го , а из 1-го уравнения: .
Мы поочерёдно выразили их, начиная с 1-го а не последнего, так как нули ниже побочной, а не главной диагонали. Такая модификация метода Гаусса также возможна.
Ответ. Координаты в новом базисе .
- - - Перерыв - - -
Задача 32. Даны 3 вектора: . Доказать, что они образуют базис в пространстве, и найти новые координаты вектора .
Решение. Сразу начнём решать систему, тогда невырожденность основной матрицы и факт наличия нового базиса установим заодно в процессе преобразований методом Гаусса.
система:
Умножим на 2 третье уравнение, чтобы начать метод Гаусса с 3-го столбца:
Расширенная матрица
Отнимем от 2-й строки 1-ю, а от 3-й 5-кратную первую.
теперь от 3-й строки 4-кратную 2-ю.
Из последнего уравнения , тогда из 2-го .
Из 1-го , , .
Ответ. Координаты в новом базисе .
Проверка: .
Задача 33. Пусть в линейном пространстве многочленов степени не выше 3, задан базис и система функций . Построить матрицу перехода, установить, что новая система тоже образует базис, и разложить многочлен по основанию .
Решение. Пусть .
Тогда ,
.
Построим матрицу перехода:
она невырождена, т.к. определитель равен 1.
Система уравнений:
Тогда .
Новые координаты (0,1,1,1).
Таким образом, = =
= .
Ответ. .
Задача 34. Выразить вектор через систему векторов
, , , , и установить, является ли система является базисом в .
Решение. Если вектор можно выразить, то:
Это приводит к системе уравнений:
Построим расширенную матрицу и преобразуем её.
Ранг основной матрицы равен 3, а расширенной 4.
Система несовместна. 4 вектора не образуют базис, они ЛЗС и образуют 3-мерное подпространство, причём вектор в нём не содержится. Выразить его через эту систему векторов невозможно.
Решая систему с 4 столбцами, можно найти выражение 4-го вектора через первые 3: .
Задача 35. Доказать, что множество матриц
A = , B = , C = , D = образует базис в линейном пространстве всех матриц порядка 2.
Решение.
Мы знаем, что в этом пространстве есть базис
= , = , = , = .
Построим матрицу перехода.
A = , B = + , С = + + , D = + + + .
эта матрица невырождена, определитель равен 1. Система из 4 элементов ЛНС в 4-мерном пространстве, значит, базис.
Задача 36. При каком условии множество матриц
A = , B = , C = , D = образует базис в линейном пространстве всех матриц порядка 2 ?
Решение.
= , = , = , = .
A = + , B = + , С = + , D = .
Строим матрицу перехода.
Нужно, чтобы определитель был не равен 0.
= .
Таким образом, условие: .
Практика 14. (23 дек 932025, 26 дек 932024)
Задача 37. Построить матрицу квадратичной формы.
.
Решение. Коэффициенты 4,5,7, которые были при квадратах, располагаем по главной диагонали. Далее, поровну распределяем коэффициенты при попарных произведениях, например,
, тогда .
, .
, тогда .
Тогда .
Проверка. =
=
=
.
Задача 38. Найти косинус угла между векторами .
Решение. , , ,
учитывая что , то .
Ответ. .
Задача 39. Найти косинус угла между векторами .
Решение. , , ,
учитывая что , то .
Оценим приблизительно, какой это угол. Заметим, что если было бы то было бы и угол 600.
В данном случае косинус чуть меньше, а значит угол чуть больше 600.
Ответ. .
Поиск скалярных произведений без координат.
Задача 40. Векторы a,b выражены через базис p,r: , . , угол между ними 45 градусов. Найти .
Решение. = = .
Далее, так как то объединим их, и получим =
= = . Ответ. 29.
Задача 41. Векторы a,b выражены через p,r: . , угол между ними 45 градусов. Найти .
Решение.
= = = =
= =
= = 257.
Ответ. 257.
Задача 42. Векторы a,b выражены через p,q: , . , угол между ними 600. Найти .
Решение.
= = = = =
= = 1227.
Ответ. 1227.
Задача 43. Ортогонализовать систему векторов.
, , .
Решение. .
Построим вектор , так, чтобы он был ортогонален .
, причём . Тогда
то есть , тогда .
Таким образом, .
В случае данной задачи, = = .
= = = .
Проверим, что он действительно ортогонален .
, , .
Теперь ищем , причём так, чтобы и . В теории доказано, что , .
= = ,
= = .
= =
= = .
Получившийся вектор ортогонален каждому из векторов (если скалярно умножить, получится 0).
Ответ. , , .
P.S. Покажем, что определитель не изменился.
, , .
, , .
= 48 + 20 + 150 - 36 – 100 – 40 = 8 + 50 – 16 = 42.
= 2 + 15 + 4 – (-12) – (-10) – 1 = 21 +12 + 10 – 1 = 42.
Прочие теоретические задачи на разные темы.
Задача 44. Доказать, что определитель кососимметрической матрицы нечётного порядка равен 0.
Решение.
Во-первых, .
Если матрица кососимметрическая, то .
Напр.,
Тогда , при этом
(коэффициент вынесли из n строк).
В итоге, .
Если n нечётно, то , то есть .
Задача 45. На плоском листе нарисован график функции , затем лист свёрнут в цилиндр радиуса 1 вокруг оси Z так, чтобы совпали точки, отличающиеся на . Доказать, что все точки графика окажутся в одной плоскости.
Решение.
То что получается какая-то замкнутая кривая ещё не гарантирует, что она будет располагаться в плоскости, так, например, может быть обруч или колесо, изогнутое в 3-мерном пространстве, так что все точки не будут в одной плоскости.
Пусть исходный график лежит в плоскости параметров , график . Преобразование координат при таком переходе от плоскости параметров ( ) к пространственным координатам ( ) задаётся так: , , .
Таким образом, указанная кривая переходит в пространственную кривую, заданную параметрически:
, , .
чтобы доказать, что все её точки в одной плоскости, достаточно фиксировать какие-либо 2 точки с наиболее простыми координатами и затем доказать, что произвольная третья при любом t попадёт в ту же плоскость, то есть 3 радиус-вектора будут в одной плоскости. Проверить это можно с помощью равенства 0 определителя из этих радиус-векторов.
Пусть две точки соответствуют , а третья произвольному t.
Тогда определитель из трёх радиус-векторов:
= = 0 так как этот минор 2 порядка вырожден.
Таким образом, при произвольном t точка окажется в плоскости первых двух векторов, в итоге все точки фигуры - в одной плоскости.
Задача 46. Докажите, что определитель 3-диагональной матрицы с 1 на главной диагонали и непосредственно над ней и непосредственно под ней является числом Фиббоначи.
Решение.
Разложим по 1-й строке. Два минора имеют такое строение:
, где минор, в 1-м столбце которого только одно в углу и 0 на остальных местах. разложим по его 1 столбцу.
Тогда там остаётся минор той же структуры, но порядка .
= = .
Итак, . Числа Фиббоначи ( )
1, 1, 2, 3, 5, 8, 13, 21, 34, 55, 89, …
1 | 2 | 3 | 5 | 8 |
Контрольные задачи (1 семестр)
1. Алгебраические операции, проверка комм., асс., нейтр. элемент.
2. Система уравнений в поле вычетов.
3. Умножение матриц.
4. Определители.
5.Обратная матрица.
6. Ранг матрицы.
7. Система линейных уравнений.
8. Неопределённая система.
9. Однородная система.
Дата добавления: 2021-01-20; просмотров: 52; Мы поможем в написании вашей работы! |
Мы поможем в написании ваших работ!